Created on 2024.05.28 by Zhang Pengwei under CC BY-SA 4.0
这是刷题的草稿纸，随笔写写思路，没有阅读价值。
题单地址：https://leetcode.cn/studyplan/leetcode-75/
简单：*
中等：**
困难：***
class Solution:
def mergeAlternately(self, word1: str, word2: str) -> str:
# 时间复杂度O(n), 空间复杂度O(1)
l1, l2 = len(word1), len(word2)
ans = ""
i1 = i2 = 0
while i1 < l1 and i2 < l2:
ans += word1[i1]
ans += word2[i2]
i1 += 1
i2 += 1
ans += word1[i1:] if i1 < l1 else word2[i2:]
return ans
辗转相除法，也称为欧几里得算法（Euclidean Algorithm），是用于求解两个整数（a 和 b）的最大公约数（GCD）的一种算法。它的基本思想是：用较大的数除以较小的数，再用出现的余数（第一余数）去除除数，再用出现的余数（第二余数）去除第一余数，如此反复，直到最后余数为0为止。那么，最后一个除数就是所求的最大公约数。
具体步骤如下：
初始化 a 和 b，假设 a > b。
计算 a 除以 b 的余数，记作 r。
将 b 的值赋给 a，将 r 的值赋给 b。
重复步骤 2 和 3，直到 r 为 0。
当 r 为 0 时，b 就是 a 和 b 的最大公约数。
用数学符号表示，算法可以描述为：
GCD(a, b) = GCD(b, a mod b)
其中 “mod” 表示取余操作。
下面是一个简单的 Python 实现：
def gcd(a, b):
while b != 0:
a, b = b, a % b
return a
# 示例
print(gcd(48, 18)) # 输出 6
在这个例子中，48 和 18 的最大公约数是 6。
class Solution:
def gcdOfStrings(self, str1: str, str2: str) -> str:
# O(n), O(n)
if str1+str2 == str2+str1:
_gcd = math.gcd(len(str1), len(str2))
return str1[:_gcd]
return ""
class Solution:
def kidsWithCandies(self, candies: List[int], extraCandies: int) -> List[bool]:
# O(n), O(1)
_max = max(candies)
# ans = []
# for i in candies:
# ans.append(i + extraCandies >= _max)
# return ans
return [i + extraCandies >= _max for i in candies]
class Solution:
def canPlaceFlowers(self, flowerbed: List[int], n: int) -> bool:
# O(len(flowerbed)), O(1)
# 只要找到连续三个0就可以种一颗，注意左右边界的处理
continuous_zero = 1 # 设-1坐标左边界为0，兼容0坐标可以种花的场景
ans = 0
for i in flowerbed + [0]: # +[0]兼容右边界可以种花的情况
if i == 0:
continuous_zero += 1
else:
continuous_zero = 0
if continuous_zero == 3:
ans += 1
continuous_zero = 1 # 注意种完后不是归零
return ans >= n
class Solution:
def reverseVowels(self, s: str) -> str:
# O(n), O(1)
CACHE = set(['a','e','i','o','u','A','E','I','O','U'])
l, r = 0, len(s)-1
s = list(s)
n = len(s)
while l < r:
while l < n and s[l] not in CACHE:
l += 1
while r > 0 and s[r] not in CACHE:
r -= 1
if l < r:
s[l], s[r] = s[r], s[l]
l += 1
r -= 1
return ''.join(s)
class Solution:
def reverseWords(self, s: str) -> str:
# O(n), O(n)
words = s.split()
l, r = 0, len(words)-1
while l < r:
words[l], words[r] = words[r], words[l]
l += 1
r -= 1
return ' '.join(words)
class Solution:
def productExceptSelf1(self, nums: List[int]) -> List[int]:
# O(n), O(n)
n = len(nums)
pre = [nums[0]] * n # 前缀积
suf = [nums[-1]] * n # 后缀积
for i in range(1, n):
pre[i] = pre[i-1] * nums[i]
for i in range(n-2, -1, -1):
suf[i] = suf[i+1] * nums[i]
nums[0], nums[n-1] = suf[1], pre[n-2]
for i in range(1, n-1):
nums[i] = pre[i-1] * suf[i+1]
return nums
def productExceptSelf(self, nums: List[int]) -> List[int]:
# O(n), O(1)
n = len(nums)
ans = [1] * n
for i in range(1, n):
ans[i] = ans[i-1] * nums[i-1]
tmp = 1
for i in range(n-2, -1, -1):
tmp *= nums[i+1]
ans[i] *= tmp
return ans
class Solution:
def compress(self, chars: List[str]) -> int:
# O(n), O(1)
n = len(chars)
last = 0
write = 0
for read in range(n):
# 到了边界或者字符有变化，开始处理写操作
if read == n-1 or chars[read] != chars[read+1]:
chars[write] = chars[read]
write += 1
length = read - last + 1
# 处理写入操作
if length > 1:
s = str(length)
# print(write, length, last, read, s)
for num in s:
chars[write] = num
write += 1
last = read + 1
return write
Prompt: 帮我分析这段函数的空间复杂度：*代码略
这段代码是一个Python类Solution中的方法compress，它的目的是对一个字符列表chars进行压缩。压缩的规则是将连续出现的相同字符用单个字符和它的计数来表示。例如，如果字符列表是"aaabccc"，压缩后的结果是"a2b1c2"。
现在我们来分析这段代码的空间复杂度：
输入数据：chars是一个列表，其长度为n。
n：长度为1的整数，存储了chars的长度。last：用于记录连续字符的起始位置，长度为1的整数。write：用于记录写入新字符和计数的位置，长度为1的整数。read：循环变量，用于遍历chars，长度为1的整数。length：记录连续字符的数量，长度为1的整数。s：用于存储length转换为字符串的临时变量，其长度取决于length的值。chars，代码中使用的所有变量都是单个整数或单个字符串，它们的空间占用都是常数级别的。s的长度取决于length的值，但length的最大值不会超过n（因为连续字符最多是n个）。chars列表，额外的空间复杂度是O(1)，即常数级别的。chars决定，即O(n)，其中n是chars的长度。代码中的其他变量占用的空间是常数级别的，不影响总体的空间复杂度。注意，这里的分析假设chars列表在函数内部不会被复制，如果chars是作为输入参数传入，并且函数内部对它进行了修改，那么实际上并没有额外的空间消耗。如果chars被复制了，那么空间复杂度将是O(n)。但从代码本身来看，它直接在输入的chars上进行操作，没有进行复制。
Prompt: s = str(length)这段代码每次循环里都在执行，这个变量被反复的创建，怎么理解这样也算是常量级别的空间复杂度？
抱歉，我之前的解释有误。让我们重新分析这部分代码。
变量s在每次循环中确实被创建，但它的创建和销毁都是局部的，并且它的大小取决于length的值。length的值是连续相同字符的数量，这个值在任何时候都不会超过n（列表chars的长度）。因此，s的最大长度是log10(n)（因为n的数值需要的数字数量最多是log10(n)）。这意味着s的大小是与输入规模n成对数关系的，而不是线性关系。
然而，即使s的大小是O(log n)，它仍然不是影响整体空间复杂度的主要因素，因为s只是一个局部变量，每次循环结束时都会被销毁，不会在整个函数的生命周期中持续占用空间。
关键的空间消耗在于输出列表chars。在最坏的情况下，如果所有字符都是唯一的，那么chars需要的空间将是原始列表长度的两倍（因为每个字符后面都需要跟一个计数）。但是，由于chars是输入参数，我们通常不将其计入空间复杂度的计算中，除非我们创建了它的一个新副本。
所以，如果我们只考虑函数内部除了输入参数之外的额外空间使用，那么：
s）都是常数级别的或对数级别的。chars列表实现的，没有创建任何新的列表副本。因此，从这个角度来看，函数的额外空间复杂度是O(1)，即常数级别的。但是，如果我们将chars列表的空间消耗考虑在内，整体的空间复杂度将是O(n)，其中n是输入列表的长度。这里的O(n)是针对整个算法而言的，而不是单独的某个变量。
class Solution:
def moveZeroes(self, nums: List[int]) -> None:
# O(n), O(1)
slow_zero, fast_nonzero, n = 0, 0, len(nums)
while fast_nonzero < n:
if nums[fast_nonzero] != 0:
nums[slow_zero], nums[fast_nonzero] = nums[fast_nonzero], nums[slow_zero]
slow_zero += 1
fast_nonzero += 1
class Solution:
def isSubsequence1(self, s: str, t: str) -> bool:
# O(n), O(1)
ps = pt = 0
ls, lt = len(s), len(t)
while ps < ls and pt < lt:
if s[ps] == t[pt]:
ps += 1
pt += 1
return ps == ls
def isSubsequence(self, s: str, t: str) -> bool:
# O(n), O(1)
if not s: return True
p = 0
for c in t:
if s[p] == c:
p += 1
if p == len(s):
return True
return False
class Solution:
def maxArea(self, height: List[int]) -> int:
# O(n), O(1)
l, r = 0, len(height)-1
max_area = 0
while l < r:
cur_area = min(height[l], height[r]) * (r - l)
max_area = max(max_area, cur_area)
if height[l] < height[r]:
l += 1
else:
r -= 1
return max_area
class Solution:
def maxOperations1(self, nums: List[int], k: int) -> int:
# 哈希
# O(N), O(N)
hashmap = defaultdict(int)
for i in nums:
hashmap[i] += 1
ans = 0
for i in nums:
if (hashmap[i] > 0 and hashmap[k-i] > 0 and i != (k-i)) or (i == (k-i) and hashmap[i]>1):
hashmap[k-i] = hashmap[k-i]-1
hashmap[i] = hashmap[i]-1
ans += 1
return ans
def maxOperations2(self, nums: List[int], k: int) -> int:
# 哈希，逻辑简化 Refer：https://leetcode.cn/problems/max-number-of-k-sum-pairs/solutions/2701378/on-yi-ci-bian-li-pythonjavacgojsrust-by-r7obc
# O(N), O(N)
hashmap = defaultdict(int)
ans = 0
for i in nums:
if hashmap[k-i]:
hashmap[k-i] -= 1
ans += 1
else:
hashmap[i] += 1 # 边遍历边初始化哈希表
return ans
Prompt for 通义2.5 总结一下滑动窗口能解决的常规问题类型，并给出对应的算法思路
滑动窗口算法是一种强大的技术，尤其适用于处理数组、字符串中与“连续子序列”相关的各种问题。以下是一些滑动窗口能有效解决的常规问题类型及其对应的算法思路概述：
滑动窗口的核心在于动态调整窗口大小，通过两个（或一个）指针的移动来高效遍历原数据，配合合适的数据结构（如哈希表、队列）来记录窗口状态，从而达到解决问题的目的。
Prompt for 通义2.5 分析一下双指针技巧与滑动窗口算法的关系
双指针技巧和滑动窗口算法之间存在紧密的联系，可以说滑动窗口算法是双指针技巧的一个具体应用或扩展形式。
双指针技巧概述
双指针技巧是一种广泛应用于数组或字符串处理中的编程策略，通过使用两个指针（通常标记为left和right）来遍历或操作数据结构。这种技巧可以根据问题需求采用不同的策略，比如：
滑动窗口算法
滑动窗口算法本质上是双指针技巧的一个特例，它利用左右指针维护一个“窗口”，这个窗口在数据结构（如字符串、数组）上滑动，以寻找满足特定条件的子序列。其基本流程包括：
关系总结
综上所述，滑动窗口算法是双指针技巧在特定问题领域的一个高效实现方式，体现了双指针技巧的灵活性和强大功能。
class Solution:
def findMaxAverage(self, nums: List[int], k: int) -> float:
# O(n), O(1)
n = len(nums)
ans_sum = cur_sum = sum(nums[:k])
for end in range(k, n):
cur_sum = cur_sum + nums[end] - nums[end-k]
ans_sum = max(cur_sum, ans_sum)
return ans_sum/k
class Solution:
def maxVowels(self, s: str, k: int) -> int:
# O(N), O(1)
# init ans
target = set(['a', 'e', 'i', 'o', 'u'])
ans = tmp_ans = sum([1 if c in target else 0 for c in s[:k]])
print(ans)
# double pointers
l, r = 0, k
n = len(s)
for r in range(k, n):
tmp_ans -= 1 if s[l] in target else 0
tmp_ans += 1 if s[r] in target else 0
ans = max(ans, tmp_ans)
l += 1
return ans
class Solution:
def longestOnes(self, nums: List[int], k: int) -> int:
# 题解：https://leetcode.cn/problems/max-consecutive-ones-iii/solutions/2126631/hua-dong-chuang-kou-yi-ge-shi-pin-jiang-yowmi
# O(N), O(1)
ans = l = cnt0 = 0
for r in range(len(nums)):
cnt0 += 1-nums[r]
while cnt0 > k:
cnt0 -= 1 - nums[l]
l += 1
ans = max(ans, r - l + 1)
return ans
class Solution:
def longestSubarray(self, nums: List[int]) -> int:
# O(N), O(1)
# 思路：遇到1个0的情况下可以继续拓展窗口，2个0的情况下窗口左边届更新到上一个0的右侧
ans = l = cnt0 = last0 = 0
for r in range(len(nums)):
if nums[r] == 0:
cnt0 += 1
if cnt0 == 1:
last0 = r
if cnt0 > 1:
l = last0+1
cnt0 -= 1
last0 = r
ans = max(ans, r-l+1)
return max(ans - 1, 0)
前缀和算法是一种在数据结构和算法中常用的技术，它通过预先计算数据序列的累积和来优化某些特定类型的查询，从而提高查询效率。下面是前缀和算法的一些核心思想、典型场景以及解题思路。
前缀和算法思想：
典型场景：
解题思路：
sum(i, j) = prefix[j] - prefix[i-1]。prefix[j]。示例代码（Python）：
def build_prefix_sum(arr):
prefix_sum = [0] * (len(arr) + 1)
for i in range(1, len(arr) + 1):
prefix_sum[i] = prefix_sum[i - 1] + arr[i - 1]
return prefix_sum
def sum_query(prefix_sum, i, j):
return prefix_sum[j] - prefix_sum[i]
# 示例使用
arr = [1, 2, 3, 4, 5]
prefix_sum = build_prefix_sum(arr)
print(sum_query(prefix_sum, 1, 3)) # 输出 6，即2+3+4
通过这种方式，前缀和算法可以显著提高某些计算密集型问题的处理速度，特别是在需要频繁进行区间查询的场景中。
class Solution:
def largestAltitude(self, gain: List[int]) -> int:
# 计算过程取求前缀和最大值
# O(n), O(1)
ans = cur = 0
for g in gain:
cur = cur + g
ans = max(ans, cur)
return ans
class Solution:
def pivotIndex1(self, nums: List[int]) -> int:
# O(n), 空间复杂度O(1)但利用了入参空间
n = len(nums)
# 前缀和
for i in range(1, n):
nums[i] = nums[i-1] + nums[i]
# 前缀和末尾添个0兼容边界
nums.append(0)
for i in range(n):
if nums[i-1] == nums[-2] - nums[i]:
return i
return -1
def pivotIndex(self, nums: List[int]) -> int:
# O(n), O(1)
sum_l, sum_r = 0, sum(nums)
for i in range(len(nums)):
sum_r -= nums[i]
if sum_l == sum_r:
return i
sum_l += nums[i]
return -1
在Python中，set 类型提供了一个方便的方法来执行集合之间的减法操作，即计算两个集合的差集。差集是指第一个集合中存在而第二个集合中不存在的所有元素组成的集合。
语法：
set1.difference(set2)
或者使用更现代的语法：
set1 - set2
示例：
set1 = {1, 2, 3, 4}
set2 = {3, 4, 5, 6}
# 使用 difference 方法
difference_set = set1.difference(set2)
print(difference_set) # 输出: {1, 2}
# 使用 - 运算符
difference_set = set1 - set2
print(difference_set) # 输出: {1, 2}
说明：
difference() 方法返回一个新集合，包含 set1 中所有不在 set2 中的元素。- 运算符也执行相同的操作，返回 set1 和 set2 的差集。set1 和 set2 不会被修改。difference_update() 方法：
set1.difference_update(set2)
这会直接修改 set1，移除那些在 set2 中的元素。
时间复杂度:
集合的差集操作的时间复杂度是 O(len(set2))，这是因为它需要遍历第二个集合 set2 中的每个元素，并检查它们是否在第一个集合 set1 中。由于集合是基于哈希表实现的，每个查找操作的平均时间复杂度是 O(1)，因此总的时间复杂度与 set2 中元素的数量成正比。
class Solution:
def findDifference(self, nums1: List[int], nums2: List[int]) -> List[List[int]]:
# O(n), O(n)
set1, set2 = set(nums1), set(nums2)
return [list(set1-set2), list(set2-set1)]
class Solution:
def uniqueOccurrences(self, arr: List[int]) -> bool:
# O(n), O(n)
count = collections.defaultdict(int)
for num in arr:
count[num] += 1
return len(set(count.values())) == len(count.values())
Python 的 collections 模块中的 Counter 类是一个字典子类，用于计数可哈希对象。它是一个集合，元素是存储在字典中的键，而每个键的值是该键出现的次数。
Python 中的 Counter 对象可以直接进行比较。Counter 是一个可哈希（hashable）的对象，这意味着两个 Counter 对象可以直接使用比较运算符（如 ==, !=, <, >, <=, >=）来进行比较。
比较两个 Counter 对象时，它们会根据它们的元素及其计数进行比较。两个 Counter 对象相等（==）当且仅当它们的键（元素类型）相同，并且每个键的计数也相同。
示例代码：
from collections import Counter
# 创建两个 Counter 对象
counter1 = Counter(['apple', 'banana', 'apple'])
counter2 = Counter(['banana', 'apple', 'apple'])
# 比较两个 Counter 对象
print(counter1 == counter2) # 输出: True，因为它们有相同的元素和计数
# 改变 counter2 的一个元素的计数
counter2['banana'] += 1
# 再次比较
print(counter1 == counter2) # 输出: False，因为现在它们的计数不同
在这个示例中，counter1 和 counter2 最初是相等的，因为它们包含相同的元素和计数。当我们改变 counter2 中 banana 的计数后，这两个 Counter 对象就不相等了。
这种比较非常有用，特别是在你需要检查两个数据集中元素的出现频率是否相同时。
另外在Python中，你可以直接比较两个字典的键（keys）集合。由于字典的键在Python中是无序的，并且它们是基于哈希的集合，因此比较两个字典的键是否相同通常意味着比较它们的键集合是否相等。
你可以使用集合（set）的相等性比较来做到这一点，因为集合是无序的，并且只包含唯一的元素。你可以通过将字典的键转换为集合，然后比较这两个集合来比较字典的键。
以下是一个示例：
dict1 = {'a': 1, 'b': 2, 'c': 3}
dict2 = {'c': 3, 'b': 2, 'a': 1}
# 使用set来比较字典的键
if set(dict1.keys()) == set(dict2.keys()):
print("两个字典的键相同")
else:
print("两个字典的键不同")
在这个例子中，尽管dict1和dict2的键的顺序不同，但它们的键集合是相同的，因此输出将是“两个字典的键相同”。
class Solution:
def closeStrings(self, word1: str, word2: str) -> bool:
# O(m+n), O(26)
m, n = len(word1), len(word2)
if m != n: return False
# count1, count2 = defaultdict(int), defaultdict(int)
# for c1, c2 in zip(word1, word2):
# count1[c1] += 1
# count2[c2] += 1
count1, count2 = collections.Counter(word1), collections.Counter(word2)
# print(count1, count2)
# print(count1.keys(), count2.keys())
# print(count1.keys()== count2.keys())
# print(count1.values(), count2.values())
# print(count1.values() == count2.values())
return count1.keys() == count2.keys() and Counter(count1.values()) == Counter(count2.values())
class Solution:
def equalPairs(self, grid: List[List[int]]) -> int:
# O(n^2), O(n)
n = len(grid)
ans = 0
cache = defaultdict(int)
for r in grid:
cache[tuple(r)] += 1
for c in range(n):
k = []
for r in range(n):
k.append(grid[r][c])
ans += cache[tuple(k)]
return ans
数据结构中的栈（Stack）是一种线性数据结构，其特点是只允许在数据结构的一端进行插入和删除操作。这一端被称为栈顶（Top），而另一端固定不变，被称为栈底（Bottom）。栈的操作遵循“后进先出”（Last In, First Out, LIFO）的原则，即最后存入栈中的元素最先被取出。
栈的基本概念
栈的实现方式
栈可以通过两种主要方式实现：
栈的应用
栈因其独特的LIFO特性，在多个领域和算法中有广泛应用：
总之，栈作为一种基础且强大的数据结构，在计算机科学的许多方面都扮演着重要角色。
class Solution:
def removeStars(self, s: str) -> str:
# O(N), O(N)
# stack = deque()
stack = []
for c in s:
if c != '*':
stack.append(c)
else:
stack.pop()
return ''.join(stack)
class Solution:
def asteroidCollision(self, asteroids: List[int]) -> List[int]:
st = []
for cur in asteroids:
# 不是符号相反就一定会碰撞的，要具体看方向是否相对
# 本题的方向来看，一定是前面有向右的，当前是向左的才会碰撞
# if not st or (cur * st[-1] > 0):
# st.append(cur)
# else:
# # 所有比当前小的都爆炸
# while st and abs(st[-1]) < abs(cur):
# st.pop()
# # 要么栈空了，要么遇到更大的了，要么遇到同等大小的了
# if not st:
# st.append(cur)
# elif abs(st[-1]) == abs(cur):
# st.pop()
alive = True
while alive and cur < 0 and st and st[-1] > 0:
alive = st[-1] < -cur
if st[-1] <= -cur:
st.pop()
if alive:
st.append(cur)
return st
class Solution:
def decodeString(self, s: str) -> str:
# O(N), O(N)
st = []
for c in s:
if c != ']':
st.append(c)
else:
patten = ""
while st and st[-1] != '[':
patten = st.pop() + patten
st.pop() # pop '['
# print("got patten: ", patten)
number = ""
while st and st[-1] in "0123456789":
number = st.pop() + number
# print("got number: ", number)
st.append(patten * int(number))
return ''.join(st)
class RecentCounter:
def __init__(self):
self.dq = collections.deque()
def ping(self, t: int) -> int:
self.dq.append(t)
while t - 3000 > self.dq[0]:
self.dq.popleft()
return len(self.dq)
# Your RecentCounter object will be instantiated and called as such:
# obj = RecentCounter()
# param_1 = obj.ping(t)
class Solution:
def predictPartyVictory(self, senate: str) -> str:
# O(N)不会超过N次投票就可以决出胜负, O(N)
q = deque(senate)
cnt = Counter(senate)
ban_cnt = {'R':0, 'D':0} # 当前每一方有多少被ban的票数
convert_map = {'R':'D', 'D':'R'}
ans_map = {'R': 'Radiant', 'D':'Dire'}
while q:
cur = q.popleft()
if ban_cnt[cur] > 0: # 若被ban票数>0，则直接跳过，消耗一个被ban名额
ban_cnt[cur] -= 1
else: # 否则就是给对方阵营ban一票，并将对方阵营人员总数-1
ban_cnt[convert_map[cur]] += 1
q.append(cur)
cnt.subtract(convert_map[cur])
if cnt[convert_map[cur]] <= 0: # 任意一方的人员总数被ban到小于等于0时则投票结束
return ans_map[cur]
# Definition for singly-linked list.
# class ListNode:
# def __init__(self, val=0, next=None):
# self.val = val
# self.next = next
class Solution:
def deleteMiddle1(self, head: Optional[ListNode]) -> Optional[ListNode]:
# 快慢指针，O(N), O(1)
_head = ListNode()
_head.next = head
slow = _head
fast = _head
while fast and fast.next:
fast = fast.next.next
if fast:
slow = slow.next
else:
slow.next = slow.next.next
break
# fast在偶数情况走到最后一个节点会跳出上面的while循环
if fast:
slow.next = slow.next.next
return _head.next
def deleteMiddle(self, head: Optional[ListNode]) -> Optional[ListNode]:
# 代码简化
slow, fast, pre = head, head, None
while fast and fast.next:
fast = fast.next.next
pre = slow
slow = slow.next
pre.next = pre.next.next
return head
# Definition for singly-linked list.
# class ListNode:
# def __init__(self, val=0, next=None):
# self.val = val
# self.next = next
class Solution:
def oddEvenList(self, head: Optional[ListNode]) -> Optional[ListNode]:
if not head:
return head
even_head = head.next
odd, even = head, even_head
while even and even.next:
odd.next = even.next
odd = odd.next
even.next = odd.next
even = even.next
odd.next = even_head
return head
# Definition for singly-linked list.
# class ListNode:
# def __init__(self, val=0, next=None):
# self.val = val
# self.next = next
class Solution:
def reverseList(self, head: Optional[ListNode]) -> Optional[ListNode]:
# O(N), O(1)
cur, last = head, None
while cur:
tmp = cur.next
cur.next = last
last = cur
cur = tmp
return last
# Definition for singly-linked list.
# class ListNode:
# def __init__(self, val=0, next=None):
# self.val = val
# self.next = next
class Solution:
def pairSum(self, head: Optional[ListNode]) -> int:
# 先把一半反转掉，然后从中间向两侧扩散，最后再把反转恢复
ans = 0
slow, fast, pre = head, head, None
while fast and fast.next:
fast = fast.next.next
tmp = slow.next
slow.next = pre
pre = slow
slow = tmp
# print(slow, pre)
mid_start = pre # 上半段的终点，等会还原用
post_part = slow # 下半段的起点
while pre and slow:
ans = max(ans, pre.val + slow.val)
slow = slow.next
pre = pre.next
# 还原前半段链表（非必要，仅仅出于规范）
# print(mid_start, post_part)
slow, fast, pre = mid_start, mid_start, post_part
while fast and fast.next:
fast = fast.next.next
tmp = slow.next
slow.next = pre
pre = slow
slow = tmp
slow.next = pre
head = slow
# print(head) # 确认还原成功
return ans
二叉树的深度优先搜索（Depth-First Search, DFS）是一种遍历策略，旨在访问二叉树中的所有节点。这种遍历方法沿着树的深度方向进行，尽可能深地探索每一条分支，然后再回溯。在二叉树中，DFS主要有三种常见的遍历顺序：前序遍历、中序遍历和后序遍历。
深度优先搜索通常采用递归实现，因为递归天然符合深度优先的探索逻辑。在递归过程中，函数调用自身来处理子树，直到遇到叶子节点（无子节点的节点），然后逐级返回。递归算法简洁明了，但需要注意的是，对于极深的树可能会导致栈溢出的问题。此外，也可以使用栈来实现非递归的深度优先搜索，这种方式更加灵活，可以避免栈溢出的问题。
深度优先搜索在解决诸如查找、统计、验证等涉及树或图结构的问题时非常有用。例如，它可以用来计算树的深度、检查树中是否存在某个值、确定两个节点间是否存在路径等。此外，DFS也是许多图算法的基础，如图的连通性分析、拓扑排序等。
# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
# def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
# self.val = val
# self.left = left
# self.right = right
class Solution:
def maxDepth(self, root: Optional[TreeNode]) -> int:
# O(N), O(N)
def dfs(_root, cur_depth):
if not _root:
return cur_depth
return max(dfs(_root.left, cur_depth+1), dfs(_root.right, cur_depth+1))
return dfs(root, 0)
# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
# def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
# self.val = val
# self.left = left
# self.right = right
class Solution:
def leafSimilar(self, root1: Optional[TreeNode], root2: Optional[TreeNode]) -> bool:
# O(n+m), O(n+m)
def dfs(node):
if not node:
return []
if not node.left and not node.right:
# print('this is a leaf: ', node.val)
return [node.val]
return dfs(node.left) + dfs(node.right)
return dfs(root1) == dfs(root2)
# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
# def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
# self.val = val
# self.left = left
# self.right = right
class Solution:
def goodNodes(self, root: TreeNode) -> int:
# O(N), O(N)
def dfs(node, maxever):
if not node:
return 0
goodcnt = 0
if node.val >= maxever:
goodcnt += 1
maxever = max(maxever, node.val)
return goodcnt + dfs(node.left, maxever) + dfs(node.right, maxever)
return dfs(root, root.val)
# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
# def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
# self.val = val
# self.left = left
# self.right = right
class Solution:
def pathSum(self, root: Optional[TreeNode], targetSum: int) -> int:
# 题解：https://leetcode.cn/problems/path-sum-iii/solutions/2784856/zuo-fa-he-560-ti-shi-yi-yang-de-pythonja-fmzo
# O(N), O(N)
ans = 0
cnt = collections.defaultdict(int)
cnt[0] = 1
def dfs(node, s):
if not node:
return
nonlocal ans
s += node.val
ans += cnt[s - targetSum]
cnt[s] += 1
dfs(node.left, s)
dfs(node.right, s)
cnt[s] -= 1
dfs(root, 0)
return ans
# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
# def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
# self.val = val
# self.left = left
# self.right = right
class Solution:
def longestZigZag(self, root: Optional[TreeNode]) -> int:
# https://leetcode.cn/problems/longest-zigzag-path-in-a-binary-tree/solutions/147425/er-cha-shu-zhong-de-zui-chang-jiao-cuo-lu-jing-b-2
# O(n), O(1)
ans = 0
def dfs(node, dir, length):
# 0左1右
if not node:
return
nonlocal ans
ans = max(ans, length)
if dir == 0:
dfs(node.left, 1, length+1)
dfs(node.right, 0, 1)
else:
dfs(node.right, 0, length+1)
dfs(node.left, 1, 1)
dfs(root, 0, 0)
dfs(root, 1, 0)
return ans
# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
# def __init__(self, x):
# self.val = x
# self.left = None
# self.right = None
class Solution:
def lowestCommonAncestor(self, root: 'TreeNode', p: 'TreeNode', q: 'TreeNode') -> 'TreeNode':
# O(N), O(N)
def dfs(node):
if not node:
return
if node.val == p.val or node.val == q.val:
return node
else:
l = dfs(node.left)
r = dfs(node.right)
if not l: return r
if not r: return l
return node
return dfs(root)
广度优先搜索（Breadth-First Search, BFS）是一种用于遍历或搜索树或图数据结构的算法。与深度优先搜索沿着树的深度深入不同，广度优先搜索倾向于首先探索离起点更近的节点，然后逐步扩展到更远的节点。它是一种分层的搜索策略，确保在移动到下一层之前，同一层次的所有节点都被访问过。
基本原理
广度优先搜索通常使用队列数据结构来实现。算法的基本步骤如下：
特点与优势
应用场景
总之，广度优先搜索是一种强大且广泛应用的算法，特别适用于需要考虑节点间距离或层级关系的问题场景。
# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
# def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
# self.val = val
# self.left = left
# self.right = right
class Solution:
def rightSideView(self, root: Optional[TreeNode]) -> List[int]:
# O(n), O(n)
if not root:
return []
q = collections.deque([root])
tmp = []
ans = []
while q:
cur = q.popleft()
if cur.left: tmp.append(cur.left)
if cur.right: tmp.append(cur.right)
if not q:
ans.append(cur.val)
q = deque(tmp)
tmp = []
return ans
# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
# def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
# self.val = val
# self.left = left
# self.right = right
class Solution:
def maxLevelSum(self, root: Optional[TreeNode]) -> int:
# O(n), O(n)
q = collections.deque([root])
tmp = []
lvl_sum, max_sum, ans_lvl, cur_lvl = 0, -float('inf'), 1, 1
while q:
cur = q.popleft()
lvl_sum += cur.val
if cur.left: tmp.append(cur.left)
if cur.right: tmp.append(cur.right)
if not q:
if lvl_sum > max_sum:
ans_lvl, max_sum = cur_lvl, lvl_sum
q = deque(tmp)
tmp = []
cur_lvl += 1
lvl_sum = 0
return ans_lvl
二叉搜索树（Binary Search Tree，BST），有时也称为二叉排序树或二叉查找树，是一种特殊的二叉树数据结构，它满足以下特性：
有序性：对于BST中的每一个节点，其左子树中所有节点的值都严格小于该节点的值，而其右子树中所有节点的值都严格大于该节点的值。这意味着，如果从根节点出发，向左走会遇到越来越小的值，向右走则会遇到越来越大的值。
唯一性：在二叉搜索树中，没有键值相等的节点，即每个节点的值都是唯一的。
结构特性：BST可以是空树，或者是由上述性质定义的左子树和右子树组成的一个树结构。这意味着二叉搜索树的每个子树也是一个二叉搜索树。
优点：
缺点：
应用场景：
二叉搜索树是数据结构中的基础概念之一，广泛应用于算法设计和软件开发中。
BST不必是完全二叉树，必须是完全二叉树的数据结构通常是堆（Heap），特别是二叉堆。二叉堆是一种特殊的完全二叉树，其中每个父节点的值都小于（或等于）其子节点的值（在最小堆中）或大于（或等于）其子节点的值（在最大堆中）。
# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
# def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
# self.val = val
# self.left = left
# self.right = right
class Solution:
def searchBST(self, root: Optional[TreeNode], val: int) -> Optional[TreeNode]:
# O(n), O(1)
node = root
while node:
if node.val == val:
return node
if val < node.val:
node = node.left
else:
node = node.right
# Definition for a binary tree node.
# class TreeNode:
# def __init__(self, val=0, left=None, right=None):
# self.val = val
# self.left = left
# self.right = right
class Solution:
def deleteNode(self, root: Optional[TreeNode], key: int) -> Optional[TreeNode]:
# try to find the key
node = root
parent = None
while node and node.val != key:
parent = node
if node.val > key:
node = node.left
else:
node = node.right
# found node that match the key
if node:
# put left to the most left pos of right
if node.right and node.left:
tmp = node.right
while tmp.left:
tmp = tmp.left
tmp.left = node.left
# handle the child of the node
if node.right:
if not parent: # node == root
root = node.right
elif parent.left and parent.left.val == key:
parent.left = node.right
else:
parent.right = node.right
elif node.left:
if not parent: # node == root
root = node.left
elif parent.left and parent.left.val == key:
parent.left = node.left
else:
parent.right = node.left
else: # the node has no child
if not parent: # node == root
root = None
elif parent.left and parent.left.val == key:
parent.left = None
else:
parent.right = None
return root
DFS/BFS 样板间；
class Solution:
def canVisitAllRooms1(self, rooms: List[List[int]]) -> bool:
# BFS O(n), O(n)
visit, q = set([0]), collections.deque([0])
while q:
cur = q.popleft()
for k in rooms[cur]:
if k not in visit:
q.append(k)
visit.add(k)
return len(visit) == len(rooms)
def canVisitAllRooms(self, rooms: List[List[int]]) -> bool:
# DFS O(n), O(n)
visit, s = set([0]), [0]
while s:
cur = s.pop()
for k in rooms[cur]:
if k not in visit:
visit.add(k)
s.append(k)
return len(visit) == len(rooms)
class Solution:
def findCircleNum(self, isConnected: List[List[int]]) -> int:
# DFS O(N^2), O(N)
visited = set()
stack = []
n = len(isConnected)
ans = 0
for i in range(n):
if i not in visited:
ans += 1
stack.append(i)
# print("handle i= ", i, " stack = ", stack)
while stack:
cur = stack.pop()
conn = isConnected[cur]
for idx in range(n):
if idx not in visited:
isConn = conn[idx]
if isConn == 1:
visited.add(idx)
stack.append(idx)
return ans
class Solution:
# 题解：https://leetcode.cn/problems/reorder-routes-to-make-all-paths-lead-to-the-city-zero/solutions/2553195/zhong-xin-gui-hua-lu-xian-by-leetcode-so-psl6
# O(N), O(N)
def dfs(self, x, parent, e):
res = 0
for edge in e[x]:
if edge[0] == parent:
continue
res += edge[1] + self.dfs(edge[0], x, e)
return res
def minReorder(self, n: int, connections: List[List[int]]) -> int:
e = [[] for _ in range(n)]
for ee in connections:
e[ee[0]].append([ee[1], 1])
e[ee[1]].append([ee[0], 0])
# print(e)
return self.dfs(0, -1, e)
# 输入：n = 6, connections = [[0,1],[1,3],[2,3],[4,0],[4,5]]
# 输出：3
# 解释：更改以红色显示的路线的方向，使每个城市都可以到达城市 0 。
# [
# [[1, 1], [4, 0]],
# [[0, 0], [3, 1]],
# [[3, 1]],
# [[1, 0], [2, 0]],
# [[0, 1], [5, 1]],
# [[4, 0]]
# ]
Python支持常见的位运算符，这些运算符对整数类型进行位级操作。以下是Python支持的位运算符：
&): 对应二进制位进行逻辑与操作，只有两个位都是1时，结果位才为1。|): 对应二进制位进行逻辑或操作，只要两个位中有一个为1，结果位就为1。^): 对应二进制位进行逻辑异或操作，只有两个位不同的时候，结果位才为1。~): 对一个数进行按位取反操作，将所有的1变成0，0变成1。<<): 将一个数的所有位向左移动指定位数，右边空出的位填充0。>>): 将一个数的所有位向右移动指定位数，左边空出的位根据符号位进行填充（正数补0，负数补1）。示例代码：
# 定义两个整数
a = 60 # 在二进制中表示为 111100
b = 13 # 在二进制中表示为 0011001
# 按位与
print(a & b) # 输出 12，二进制为 001100
# 按位或
print(a | b) # 输出 61，二进制为 111101
# 按位异或
print(a ^ b) # 输出 49，二进制为 110001
# 按位取反
print(~a) # 输出 -61，二进制为 0000...0010111（取决于整数的大小）
# 左移
print(a << 1) # 输出 120，二进制为 11100000
# 右移
print(b >> 1) # 输出 6，二进制为 00110
位运算在处理二进制数据、优化算法性能（如某些加密算法、哈希函数）、硬件编程等方面非常有用。Python中的整数类型是任意精度的，这意味着位运算可以应用于非常大的整数，而不仅仅是固定大小的整数。
class Solution:
def countBits(self, n: int) -> List[int]:
# O(n), O(1)
# >>> 10 & 9
# 8
# >>> bin(10)
# '0b1010'
# >>> bin(9)
# '0b1001'
# >>> bin(8)
# '0b1000'
ans = [0]
for i in range(1, n+1):
ans.append(ans[i&(i-1)]+1)
return ans
class Solution:
def singleNumber(self, nums: List[int]) -> int:
# O(n), O(1)
# 异或运算满足交换律
ans = nums[0]
for i in range(1, len(nums)):
ans = ans ^ nums[i]
return ans
class Solution:
def minFlips(self, a: int, b: int, c: int) -> int:
ans = 0
for i in range(32): # 2**32 = 4 294 967 296
x,y,z = (a>>i)&1, (b>>i)&1, (c>>i)&1
ans += (x+y) if z == 0 else int((x+y)==0)
return ans
二分查找（Binary Search），也称为折半搜索，是一种在有序数组中查找特定元素的搜索算法。其基本思想是将数组分成两半，比较中间元素与目标值的大小，然后根据比较结果缩小搜索范围，重复这个过程直到找到目标值或搜索范围为空。
以下是二分查找算法的基本步骤：
初始化：设置两个指针，一个指向数组的起始位置（low），另一个指向数组的结束位置（high）。初始时，low = 0，high = 数组长度 - 1。
循环条件：只要low小于等于high，就继续循环。
查找中间位置：计算中间位置mid，mid = low + (high - low) / 2。注意使用整数除法以避免小数。
二分查找算法的时间复杂度为O(log n)，其中n是数组的长度。这使得它在大规模数据集上非常高效。然而，二分查找要求数组必须是有序的，如果数组无序，需要先进行排序，这可能会增加额外的时间开销。
二分查找可以应用于各种问题，如查找特定元素、查找最小值或最大值、查找满足特定条件的元素等。它是一种非常实用且强大的搜索技术。
# The guess API is already defined for you.
# @param num, your guess
# @return -1 if num is higher than the picked number
# 1 if num is lower than the picked number
# otherwise return 0
# def guess(num: int) -> int:
class Solution:
def guessNumber(self, n: int) -> int:
low, high = 1, n
while low < high:
num = (high + low)//2
if guess(num) <= 0:
high = num
else:
low = num + 1
return low
class Solution:
def successfulPairs1(self, spells: List[int], potions: List[int], success: int) -> List[int]:
# O((n+m)logm),n=len(spells),m=len(potions), O(1)
potions.sort()
n = len(potions)
ans = []
for s in spells:
l, h = 0, n-1
# 先判断下最后一个药水是否符合要求
if potions[-1] * s < success:
ans.append(0)
continue
while l < h:
mid = (h+l)//2
if potions[mid] * s >= success:
h = mid
else:
l = mid + 1
# 结束循环后，l == r == 第一个可以成功的药水下标
ans.append(n - l)
return ans
def successfulPairs(self, spells: List[int], potions: List[int], success: int) -> List[int]:
# 利用库函数
# 作者：灵茶山艾府
# 链接：https://leetcode.cn/problems/successful-pairs-of-spells-and-potions/solutions/1595712/by-endlesscheng-1kbp/
# 来源：力扣（LeetCode）
# 著作权归作者所有。商业转载请联系作者获得授权，非商业转载请注明出处。
potions.sort()
m = len(potions)
success -= 1
return [m - bisect_right(potions, success // x) for x in spells]
bisect_right是Python标准库中的一个函数，位于bisect模块里。这个函数主要用于在有序列表中查找插入位置，以保持列表的有序状态。具体来说，bisect_right(a, x, lo=0, hi=len(a))函数的作用是在有序列表a中找到第一个大于或等于x的元素的位置。如果x已经存在于列表中，则返回的是x之后（右侧）第一个元素的位置，即插入点不会重复元素。如果列表中所有元素都小于x，则返回列表的长度，意味着新元素将被追加在列表的末尾。
参数解释：
a：一个已排序的列表。x：需要插入的元素或者用于比较的值。lo：搜索范围的起始下标，默认为0。hi：搜索范围的结束下标，默认为列表长度。示例代码：
from bisect import bisect_right
# 已排序的列表
sorted_list = [1, 2, 4, 4, 6, 8]
# 查找插入位置
insert_pos = bisect_right(sorted_list, 5)
print(f"插入值5的位置（右侧插入）: {insert_pos}")
这段代码会输出：插入值5的位置（右侧插入）: 4，意味着数值5应当插入在索引为4的位置，以保持列表的升序排列。
class Solution:
def findPeakElement(self, nums: List[int]) -> int:
# O(logn), O(1)
n = len(nums)
l, r = 0, n-1
while l < r:
mid = (l + r)//2
# print(l, r, mid, nums[mid], nums[mid+1])
if nums[mid] > nums[mid+1]:
r = mid
else: l = mid + 1
return l
class Solution:
def minEatingSpeed(self, piles: List[int], h: int) -> int:
# 题解：https://leetcode.cn/problems/koko-eating-bananas/solutions/2710324/er-fen-da-an-fu-ti-dan-pythonjavacgojsru-eb18
# O(len(piles)log max(piles)), O(1)
n = len(piles)
if n == h:
return max(piles)
l, r = 0, max(piles)
while l + 1 < r:
mid = (l + r)//2
if sum((p-1)//mid for p in piles) <= h-n:
r = mid
else:
l = mid
return r